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Description
有N个位置，M个操作。操作有两种，每次操作如果是1 a b c的形式表示在第a个位置到第b个位置，每个位置加入一个数c 如果是2 a b
c形式，表示询问从第a个位置到第b个位置，第C大的数是多少。
Input
第一行N，M 接下来M行，每行形如1 a b c或2 a b c
Output
输出每个询问的结果
Sample Input
2 5
1 1 2 1
1 1 2 2
2 1 1 2
2 1 1 1
2 1 2 3
Sample Output
1
2
1
HINT
【样例说明】
第一个操作 后位置 1 的数只有 1 ， 位置 2 的数也只有 1 。 第二个操作 后位置 1
的数有 1 、 2 ，位置 2 的数也有 1 、 2 。 第三次询问 位置 1 到位置 1 第 2 大的数 是
1 。 第四次询问 位置 1 到位置 1 第 1 大的数是 2 。 第五次询问 位置 1 到位置 2 第 3
大的数是 1 。
N,M<=50000,N,M<=50000
a<=b<=N
1操作中abs(c)<=N
2操作中c<=Maxlongint
题解
我是真的傻整体二分学的是真的烂
首先第k大转成第k小方便模板.. 整体二分出值之后修改操作小于这个值的整段加一 我用的树状数组比较好看 遇见查询套路没了..
#include#include #include #include #include using namespace std;typedef long long LL;LL s[110000][2],n,m;int lowbit(int x){ return x&-x;}void change(int x,LL c,int op){ while(x<=n)s[x][op]+=c,x+=lowbit(x);}int findsum(int x,int op){ int ret=0;while(x>=1)ret+=s[x][op],x-=lowbit(x);return ret;}//bitint ans[210000];struct ask{ int l,r,gg,op;}q[210000],lq[210000],rq[210000];int tlen;void sol(int lval,int rval,int st,int ed){ if(st>ed)return ; if(lval==rval) { for(int i=st;i<=ed;i++)if(q[i].gg)ans[q[i].gg]=lval; return ; } int mid=(lval+rval)>>1; int lt=0,rt=0; for(int i=st;i<=ed;i++) { if(q[i].gg) { LL sx=(LL)(q[i].r+1)*findsum(q[i].r,0)-(LL)findsum(q[i].r,1); LL sy=(LL)(q[i].l)*findsum(q[i].l-1,0)-(LL)findsum(q[i].l-1,1); if(sx-sy>=(LL)q[i].op)lq[++lt]=q[i]; else q[i].op-=(sx-sy),rq[++rt]=q[i]; } else { if(q[i].op<=mid) { change(q[i].l,1,0);change(q[i].l,(LL)1*q[i].l,1); change(q[i].r+1,-1,0);change(q[i].r+1,(LL)-1*(q[i].r+1),1); lq[++lt]=q[i]; } else rq[++rt]=q[i]; } } for(int i=ed;i>=st;i--) if(!q[i].gg && q[i].op<=mid) { change(q[i].l,-1,0);change(q[i].l,(LL)-1*q[i].l,1); change(q[i].r+1,1,0);change(q[i].r+1,(LL)1*(q[i].r+1),1); } for(int i=1;i<=lt;i++)q[i+st-1]=lq[i]; for(int i=1;i<=rt;i++)q[i+st+lt-1]=rq[i]; sol(lval,mid,st,st+lt-1); sol(mid+1,rval,st+lt,ed);}int main(){ scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1;i<=m;i++) { int opt,u,v,k; scanf("%d%d%d%d",&opt,&u,&v,&k); if(opt==1)q[i].op=n-k+1,q[i].l=u,q[i].r=v; else q[i].gg=++tlen,q[i].l=u,q[i].r=v,q[i].op=k; } sol(-n,n,1,m); for(int i=1;i<=tlen;i++)printf("%d\n",n-ans[i]+1); return 0;}
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